Unesp · 2012 — 2ª Fase — Questões de Física comentadas — Método TEF

Universidade Estadual Paulista

Vestibular 2012 · Prova de Conhecimentos Específicos — questões discursivas de Física.

Q19
Mecânica — Cinemática — Lançamento oblíquo e colisão com o solo

Em um jogo de basquete, um jogador passa a bola para outro lançando-a de $1{,}8\text{ m}$ de altura contra o solo, com uma velocidade inicial $V_0=10\text{ m/s}$, fazendo um ângulo $\theta$ com a vertical ($\mathrm{sen}\,\theta=0{,}6$ e $\cos\theta=0{,}8$). Ao tocar o solo, a bola, de $600\text{ g}$, permanece em contato com ele por um décimo de segundo e volta a subir de modo que, imediatamente após a colisão, a componente vertical de sua velocidade tenha módulo $9\text{ m/s}$. A bola é apanhada pelo outro jogador a $6{,}6\text{ m}$ de distância do primeiro.

Jogador lança a bola de 1,8 m de altura contra o solo com velocidade V0 inclinada de theta em relação à vertical; a bola quica e sobe com velocidade vertical de 9 m/s até ser apanhada pelo outro jogador a 6,6 m de distância horizontal.

Desprezando a resistência do ar, a rotação da bola e uma possível perda de energia da bola durante a colisão com o solo, calcule o intervalo de tempo entre a bola ser lançada pelo primeiro jogador e ser apanhada pelo segundo. Determine a intensidade da força média, em newtons, exercida pelo solo sobre a bola durante a colisão, considerando que, nesse processo, a força peso que atua na bola tem intensidade desprezível diante da força de reação do solo sobre a bola. Considere $g=10\text{ m/s}^2$.

Resultado esperado

Intervalo de tempo: $1{,}1\text{ s}$; força média do solo: $114\text{ N}$.
Resolução comentada

Decomposição da velocidade inicial. O ângulo $\theta$ é medido em relação à vertical. Então:

$$v_{0x}=V_0\,\mathrm{sen}\,\theta=6\text{ m/s}\qquad v_{0y}=V_0\cos\theta=8\text{ m/s (para baixo)}$$

Intervalo de tempo. Sem resistência do ar e sem atrito horizontal com o solo, a componente horizontal da velocidade permanece igual a $6\text{ m/s}$ durante todo o percurso, inclusive durante o contato de $0{,}1\text{ s}$ com o solo. Logo, o tempo total decorre apenas da distância horizontal de $6{,}6\text{ m}$:

$$\Delta t=\dfrac{6{,}6}{6}=1{,}1\text{ s}$$

Conferindo: a bola cai de $1{,}8\text{ m}$ com $8\text{ m/s}$ para baixo em $0{,}2\text{ s}$ (de $1{,}8=8t+5t^2$), percorrendo $1{,}2\text{ m}$ na horizontal; atinge o solo com velocidade vertical $8+10\cdot0{,}2=10\text{ m/s}$ para baixo. Passa $0{,}1\text{ s}$ em contato, e o restante do percurso, $0{,}8\text{ s}$, é o voo até o outro jogador: $0{,}2+0{,}1+0{,}8=1{,}1\text{ s}$.

Força média na colisão. Pelo teorema do impulso na direção vertical, com o peso desprezível, a velocidade vertical passa de $10\text{ m/s}$ para baixo a $9\text{ m/s}$ para cima, ou seja, a variação tem módulo $10+9=19\text{ m/s}$:

$$F_m\,\Delta t=m\,\Delta v\Rightarrow F_m=\dfrac{0{,}6\cdot19}{0{,}1}=114\text{ N}$$

Q20
Óptica — Reflexão e espelhos — Espelho esférico côncavo

Observe o adesivo plástico apresentado no espelho côncavo de raio de curvatura igual a $1{,}0\text{ m}$, na figura 1. Essa informação indica que o espelho produz imagens nítidas com dimensões até cinco vezes maiores do que as de um objeto colocado diante dele.

Figura 1: espelho côncavo de maquiagem com o adesivo aumento 5x. Figura 2: esquema do espelho côncavo, o eixo principal e um lápis colocado perpendicularmente ao eixo, diante do espelho.

Considerando válidas as condições de nitidez de Gauss para esse espelho, calcule o aumento linear conseguido quando o lápis estiver a $10\text{ cm}$ do vértice do espelho, perpendicularmente ao seu eixo principal, e a distância em que o lápis deveria estar do vértice do espelho, para que sua imagem fosse direita e ampliada cinco vezes.

Resultado esperado

Aumento linear: $1{,}25$; distância do lápis ao vértice: $40\text{ cm}$.
Resolução comentada

O foco é metade do raio de curvatura: $f=\dfrac R2=50\text{ cm}$. O aumento linear do espelho esférico em função de $f$ e da distância $p$ do objeto ao vértice é:

$$A=\dfrac{f}{f-p}$$

Lápis a $10\text{ cm}$ do vértice.

$$A=\dfrac{50}{50-10}=1{,}25$$

O resultado positivo indica imagem direita; como $p

Imagem direita ampliada cinco vezes. Impondo $A=+5$:

$$5=\dfrac{50}{50-p}\Rightarrow 50-p=10\Rightarrow p=40\text{ cm}$$

Q21
Eletricidade — Eletrodinâmica — Associação de lâmpadas e potência
Circuito com uma fonte de 120 V, duas lâmpadas L1 e L2, um resistor R e uma chave Ch que pode ser ligada ao ponto A ou ao ponto B.

Considere o circuito elétrico que esquematiza dois modos de ligação de duas lâmpadas elétricas iguais, com valores nominais de tensão e potência elétrica $60\text{ V}$ e $60\text{ W}$, respectivamente.

Modo A – ambiente totalmente iluminado: a chave Ch, ligada no ponto A, mantém as lâmpadas $L_1$ e $L_2$ acesas.

Modo B – ambiente levemente iluminado: a chave Ch, ligada no ponto B, mantém apenas a lâmpada $L_1$ acesa, com potência menor do que a nominal, devido ao resistor $R$ de resistência ôhmica constante estar ligado em série com $L_1$.

Considerando que as lâmpadas tenham resistência elétrica constante, que os fios tenham resistência elétrica desprezível e que a diferença de potencial de $120\text{ V}$ que alimenta o circuito seja constante, calcule a energia elétrica consumida, em kWh, quando as lâmpadas permanecem acesas por $4\text{ h}$, ligadas no modo A – ambiente totalmente iluminado.

Determine a resistência elétrica do resistor $R$, para que, quando ligada no modo B, a lâmpada $L_1$ dissipe uma potência de $15\text{ W}$.

Resultado esperado

Energia consumida: $0{,}48\text{ kWh}$; resistência do resistor: $R=180\ \Omega$.
Resolução comentada

Resistência de cada lâmpada. Pelos valores nominais:

$$R_L=\dfrac{U^2}{P}=\dfrac{60^2}{60}=60\ \Omega$$

Modo A. Pelo esquema, com a chave em A, as lâmpadas ficam em série entre si e com a fonte de $120\text{ V}$. Como são iguais, cada uma recebe $60\text{ V}$, sua tensão nominal, e dissipa $60\text{ W}$. A potência total é $120\text{ W}=0{,}12\text{ kW}$ e a energia em $4\text{ h}$ vale:

$$E=P\,\Delta t=0{,}12\cdot4=0{,}48\text{ kWh}$$

Modo B. Com a chave em B, $L_2$ fica fora do circuito e o resistor $R$ fica em série com $L_1$. Para que $L_1$ dissipe $15\text{ W}$:

$$P_{L_1}=R_L\,i^2\Rightarrow 15=60\,i^2\Rightarrow i=0{,}5\text{ A}$$

A resistência total do circuito é a que, ligada a $120\text{ V}$, dá essa corrente:

$$R_L+R=\dfrac{120}{0{,}5}=240\ \Omega\Rightarrow R=240-60=180\ \Omega$$

Q24
Óptica — Reflexão e espelhos — Espelhos planos paralelos
Dois espelhos planos verticais E1 e E2 separados pela distância d. O anel A, a uma distância a de E1, está mais alto que o anel B, a uma distância b de E1, por uma diferença vertical h. O feixe passa por A, reflete em E1, E2 e E1 e passa por B; alfa é o ângulo do feixe com a horizontal em A.

Sejam dois espelhos planos ($E_1$ e $E_2$), posicionados verticalmente, com suas faces espelhadas voltadas uma para outra, e separados por uma distância $d$, em centímetros. Suspensos por finas linhas, dois pequenos anéis ($A$ e $B$) são posicionados entre esses espelhos, de modo que as distâncias de $A$ e $B$ ao espelho $E_1$ sejam, respectivamente, $a$ e $b$, em centímetros, e a distância vertical entre os centros dos anéis seja $h$, em centímetros, conforme mostra a figura.

Determine o ângulo de incidência $\alpha$, em relação à horizontal, em função de $a$, $b$, $d$ e $h$, para que um feixe de luz atravesse o anel $A$, se reflita nos espelhos $E_1$, $E_2$ e $E_1$ e atravesse o anel $B$, como indica o percurso na figura. Admita que os ângulos de incidência e de reflexão do feixe de luz sobre um espelho sejam iguais.

Resultado esperado

$\alpha=\operatorname{arctg}\dfrac{h}{a+2d+b}$.
Resolução comentada

Como o ângulo de incidência é igual ao de reflexão, em cada reflexão a componente horizontal do movimento do feixe apenas inverte o sentido, enquanto a componente vertical é preservada. Por isso, o feixe mantém sempre a mesma inclinação $\alpha$ em relação à horizontal e, “desdobrando” o percurso, ele equivale a uma única reta descendente.

Os deslocamentos horizontais do feixe, somando os módulos, são: de $A$ até $E_1$, $a$; de $E_1$ até $E_2$, $d$; de $E_2$ de volta a $E_1$, $d$; e de $E_1$ até $B$, $b$. O deslocamento horizontal total é:

$$x=a+d+d+b=a+2d+b$$

O deslocamento vertical total entre $A$ e $B$ é $h$. Na reta equivalente:

$$\operatorname{tg}\alpha=\dfrac{h}{a+2d+b}\Rightarrow \alpha=\operatorname{arctg}\dfrac{h}{a+2d+b}$$

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