ITA 2005 — Questões de Física comentadas — Método TEF

Instituto Tecnológico de Aeronáutica

Vestibular 2005 · Física · 20 questões objetivas e 10 discursivas · Resoluções comentadas e análise Método TEF.

Q01
Mecânica — Análise dimensional e viscosidade

Quando camadas adjacentes de um fluido viscoso deslizam regularmente umas sobre as outras, o escoamento resultante é dito laminar. Sob certas condições, o aumento da velocidade provoca o regime de escoamento turbulento, que é caracterizado pelos movimentos irregulares (aleatórios) das partículas do fluido. Observa-se, experimentalmente, que o regime de escoamento (laminar ou turbulento) depende de um parâmetro adimensional (Número de Reynolds) dado por $\mathcal R=\rho^\alpha v^\beta d^\gamma\eta^\tau$, em que $\rho$ é a densidade do fluido, $v$ sua velocidade, $\eta$ seu coeficiente de viscosidade, e $d$ uma distância característica associada à geometria do meio que circunda o fluido. Por outro lado, num outro tipo de experimento, sabe-se que uma esfera, de diâmetro $D$, que se movimenta num meio fluido, sofre a ação de uma força de arrasto viscoso dada por $F=3\pi D\eta v$.

Assim sendo, com relação aos respectivos valores de $\alpha$, $\beta$, $\gamma$ e $\tau$, uma das soluções é

A)$\alpha=1,\ \beta=1,\ \gamma=1,\ \tau=-1$.
B)$\alpha=1,\ \beta=-1,\ \gamma=1,\ \tau=1$.
C)$\alpha=1,\ \beta=1,\ \gamma=-1,\ \tau=1$.
D)$\alpha=-1,\ \beta=1,\ \gamma=1,\ \tau=1$.
E)$\alpha=1,\ \beta=1,\ \gamma=0,\ \tau=1$.

Resposta

A
Resolução

Use a lei de arrasto para obter a dimensão da viscosidade. O fator numérico é adimensional:

\[[\eta]=\frac{[F]}{[D][v]}\]
\[[\eta]=ML^{-1}T^{-1}\]

Substitua as dimensões no parâmetro de Reynolds:

\[[\mathcal R]=M^{\alpha+\tau}L^{-3\alpha+\beta+\gamma-\tau}T^{-\beta-\tau}\]

Como o parâmetro é adimensional, cada expoente deve ser nulo:

\[\alpha+\tau=0\]
\[\beta+\tau=0\]
\[-3\alpha+\beta+\gamma-\tau=0\]

Resolva as relações entre os expoentes:

\[\tau=-\alpha\]
\[\beta=\alpha\]
\[\gamma=\alpha\]

Uma escolha compatível com as alternativas é:

\[\alpha=1\]
\[\beta=1\]
\[\gamma=1\]
\[\tau=-1\]

A análise dimensional admite potências do número de Reynolds; as alternativas fixam a normalização pedida.

Alternativa correta: A.

Q02
Mecânica — Lançamento em fluido e empuxo

Um projétil de densidade $\rho_p$ é lançado com um ângulo $\alpha$ em relação à horizontal no interior de um recipiente vazio. A seguir, o recipiente é preenchido com um superfluido de densidade $\rho_s$, e o mesmo projétil é novamente lançado dentro dele, só que sob um ângulo $\beta$ em relação à horizontal. Observa-se, então, que, para uma velocidade inicial $\vec v$ do projétil, de mesmo módulo que a do experimento anterior, não se altera a distância alcançada pelo projétil (veja figura). Sabendo que são nulas as forças de atrito num superfluido, podemos então afirmar, com relação ao ângulo $\beta$ de lançamento do projétil, que

Duas trajetórias de projétil com velocidades iniciais de mesmo módulo e ângulos diferentes, atingindo a mesma distância horizontal.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 02
A)$\cos\beta=(1-\rho_s/\rho_p)\cos\alpha$.
B)$\sin 2\beta=(1-\rho_s/\rho_p)\sin 2\alpha$.
C)$\sin 2\beta=(1+\rho_s/\rho_p)\sin 2\alpha$.
D)$\sin 2\beta=\sin 2\alpha/(1+\rho_s/\rho_p)$.
E)$\cos 2\beta=\cos\alpha/(1+\rho_s/\rho_p)$.

Resposta

B
Resolução

No superfluido, o empuxo reduz a aceleração vertical efetiva.

\[\rho_pVg-\rho_sVg=\rho_pVg_{ef}.\]
\[g_{ef}=g\left(1-\frac{\rho_s}{\rho_p}\right).\]

Iguale os alcances, para saída e chegada na mesma altura.

\[\frac{v^2\sin2\alpha}{g}=\frac{v^2\sin2\beta}{g_{ef}}.\]
\[\boxed{\sin2\beta=\left(1-\frac{\rho_s}{\rho_p}\right)\sin2\alpha}.\]

O modelo pressupõe densidade do projétil maior que a do fluido para a trajetória descendente usual.

Alternativa correta: B.

Q03
Mecânica — Mola em vagão acelerado

Considere uma rampa de ângulo $\theta$ com a horizontal sobre a qual desce um vagão, com aceleração $\vec a$, em cujo teto está dependurada uma mola de comprimento $l$, de massa desprezível e constante de mola $k$, tendo uma massa $m$ fixada na sua extremidade. Considerando que $l_0$ é o comprimento natural da mola e que o sistema está em repouso com relação ao vagão, pode-se dizer que a mola sofreu uma variação de comprimento $\Delta l=l-l_0$ dada por

Vagão descendo rampa de ângulo theta, com aceleração para baixo da rampa e mola de comprimento l sustentando massa m.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 03
A)$\Delta l=mg\sin\theta/k$.
B)$\Delta l=mg\cos\theta/k$.
C)$\Delta l=mg/k$.
D)$\Delta l=m\sqrt{a^2-2ag\cos\theta+g^2}/k$.
E)$\Delta l=m\sqrt{a^2-2ag\sin\theta+g^2}/k$.

Resposta

E
Resolução

No referencial do vagão, acrescente a força de inércia oposta à aceleração. A mola equilibra a resultante efetiva.

\[k\Delta\ell=m|\vec g-\vec a|.\]

Como a rampa forma θ com a horizontal, o produto escalar entre gravidade e aceleração descendente é $ga\sin\theta$.

\[|\vec g-\vec a|^2=g^2+a^2-2ga\sin\theta.\]
\[\boxed{\Delta\ell=\frac m k\sqrt{g^2+a^2-2ga\sin\theta}}.\]

Alternativa correta: E.

Q04
Mecânica — Desprendimento de esfera com atrito

Um objeto pontual de massa $m$ desliza com velocidade inicial $\vec v$, horizontal, do topo de uma esfera em repouso, de raio $R$. Ao escorregar pela superfície, o objeto sofre uma força de atrito de módulo constante dado por $f=7mg/(4\pi)$. Para que o objeto se desprenda da superfície esférica após percorrer um arco de 60° (veja figura), sua velocidade inicial deve ter o módulo de

Objeto m no topo de esfera de raio R com velocidade horizontal; arco de 60 graus marcado a partir da vertical.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 04
A)$\sqrt{2gR/3}$.
B)$\sqrt{3gR}/2$.
C)$\sqrt{6gR}/2$.
D)$3\sqrt{gR/2}$.
E)$3\sqrt{gR}$.

Resposta

A
Resolução

No desprendimento a normal se anula. Na direção radial:

\[v_B^2=gR\cos60^\circ=\frac{gR}{2}.\]

O arco percorrido é $R\pi/3$ e a perda de altura é R/2. Pelo trabalho total:

\[\frac{mv_B^2}{2}-\frac{mv_0^2}{2}=mg\frac R2-\frac{7mg}{4\pi}\frac{\pi R}{3}.\]
\[\frac{gR}{4}-\frac{v_0^2}{2}=-\frac{gR}{12}.\]
\[\boxed{v_0=\sqrt{\frac{2gR}{3}}}.\]

Alternativa correta: A.

Q05
Mecânica — Captura de grãos e dissipação

Um vagão-caçamba de massa $M$ se desprende da locomotiva e corre sobre trilhos horizontais com velocidade constante $v=72{,}0\,\mathrm{km/h}$ (portanto, sem resistência de qualquer espécie ao movimento). Em dado instante, a caçamba é preenchida com uma carga de grãos de massa igual a $4M$, despejada verticalmente a partir do repouso de uma altura de 6,00 m (veja figura). Supondo que toda a energia liberada no processo seja integralmente convertida em calor para o aquecimento exclusivo dos grãos, então, a quantidade de calor por unidade de massa recebido pelos grãos é

Grãos de massa 4M caindo verticalmente sobre vagão de massa M que se move horizontalmente com velocidade v.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 05
A)15 J/kg.
B)80 J/kg.
C)100 J/kg.
D)463 J/kg.
E)578 J/kg.

Resposta

C
Resolução

Conserva-se o momento horizontal, enquanto a colisão com os grãos dissipa energia.

\[Mv=5Mv_f.\]
\[v_f=4\ \mathrm{m/s}.\]

Inclua a energia potencial perdida pelos grãos durante a queda.

\[E_i=\frac12M(20)^2+4M\cdot10\cdot6=440M.\]
\[E_f=\frac12(5M)(4)^2=40M.\]
\[Q=400M.\]

O calor é recebido exclusivamente pelos grãos, cuja massa é 4M.

\[\boxed{\frac Q{4M}=100\ \mathrm{J/kg}}.\]

Alternativa correta: C.

Q06
Mecânica — Centro de massa de corpos atraídos

Dois corpos esféricos de massa $M$ e $5M$ e raios $R$ e $2R$, respectivamente, são liberados no espaço livre. Considerando que a única força interveniente seja a da atração gravitacional mútua, e que seja de $12R$ a distância de separação inicial entre os centros dos corpos, então, o espaço percorrido pelo corpo menor até a colisão será de

Esferas de massa M e 5M, raios R e 2R, com distância inicial de 12R entre centros.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 06
A)$1{,}5R$.
B)$2{,}5R$.
C)$4{,}5R$.
D)$7{,}5R$.
E)$10{,}0R$.

Resposta

D
Resolução

Não há força externa; o centro de massa fica fixo. As esferas se tocam quando a distância entre centros é 3R.

\[\Delta x_1+\Delta x_2=12R-3R=9R.\]

A conservação da posição do centro de massa implica:

\[M\Delta x_1=5M\Delta x_2.\]
\[\Delta x_1=5\Delta x_2.\]
\[\boxed{\Delta x_1=7{,}5R}.\]

Alternativa correta: D.

Q07
Mecânica — Pêndulo com força elétrica

Considere um pêndulo de comprimento $l$, tendo na sua extremidade uma esfera de massa $m$ com uma carga elétrica positiva $q$. A seguir, esse pêndulo é colocado num campo elétrico uniforme $\vec E$ que atua na mesma direção e sentido da aceleração da gravidade $\vec g$. Deslocando-se essa carga ligeiramente de sua posição de equilíbrio e soltando-a, ela executa um movimento harmônico simples, cujo período é

Pêndulo de comprimento l com esfera de massa m e carga positiva q; campo elétrico E e gravidade g para baixo.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 07
A)$T=2\pi\sqrt{l/g}$.
B)$T=2\pi\sqrt{l/(g+q)}$.
C)$T=2\pi\sqrt{ml/(qE)}$.
D)$T=2\pi\sqrt{ml/(mg-qE)}$.
E)$T=2\pi\sqrt{ml/(mg+qE)}$.

Resposta

E
Resolução

Peso e força elétrica são paralelos e têm o mesmo sentido. A gravidade efetiva é:

\[g_{ef}=g+\frac{qE}{m}.\]

Para pequenos ângulos, a equação tangencial é:

\[\ddot\theta+\frac{g_{ef}}\ell\theta=0.\]
\[\boxed{T=2\pi\sqrt{\frac{m\ell}{mg+qE}}}.\]

A tração não contribui para a força restauradora tangencial.

Alternativa correta: E.

Q08
Mecânica — Empuxo e reação em plano inclinado

Um pequeno objeto de massa $m$ desliza sem atrito sobre um bloco de massa $M$ com o formato de uma casa (veja figura). A área da base do bloco é $S$ e o ângulo que o plano superior do bloco forma com a horizontal é $\alpha$. O bloco flutua em um líquido de densidade $\rho$, permanecendo, por hipótese, na vertical durante todo o experimento. Após o objeto deixar o plano e o bloco voltar à posição de equilíbrio, o decréscimo da altura submersa do bloco é igual a

Bloco de massa M com telhado inclinado de ângulo alfa, corpo m deslizando sobre ele, altura submersa H.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 08
A)$m\sin\alpha/(S\rho)$.
B)$m\cos^2\alpha/(S\rho)$.
C)$m\cos\alpha/(S\rho)$.
D)$m/(S\rho)$.
E)$(m+M)/(S\rho)$.

Resposta sob a hipótese descrita na resolução

B
Resolução

Na idealização adotada nesta resolução, o plano permanece sem aceleração durante o deslizamento. A normal no objeto é:

\[N=mg\cos\alpha.\]

A componente vertical da reação sobre o bloco é:

\[N_y=mg\cos^2\alpha.\]

O equilíbrio vertical do bloco com base S fornece:

\[\rho gSH=Mg+mg\cos^2\alpha.\]

Depois que o objeto sai:

\[\rho gSH'=Mg.\]
\[\boxed{H-H'=\frac{m\cos^2\alpha}{\rho S}}.\]

O resultado compara o nível durante o deslizamento idealizado com o equilíbrio final. Se o objeto fosse inicialmente mantido em repouso sobre o bloco, a carga inicial transmitida seria mg e a diferença entre os equilíbrios estáticos seria m/(ρS). Essa é outra condição inicial e não deve ser confundida com o modelo usado acima.

Alternativa correta no modelo descrito: B.

Q09
Óptica — Distância mínima objeto–imagem

Situa-se um objeto a uma distância $p$ diante de uma lente convergente de distância focal $f$, de modo a obter uma imagem real a uma distância $p'$ da lente. Considerando a condição de mínima distância entre imagem e objeto, então é correto afirmar que

A)$p^3+fpp'+p'^3=5f^3$.
B)$p^3+fpp'+p'^3=10f^3$.
C)$p^3+fpp'+p'^3=20f^3$.
D)$p^3+fpp'+p'^3=25f^3$.
E)$p^3+fpp'+p'^3=30f^3$.

Resposta

C
Resolução

Para imagem real, $p,p'>0$ e a equação da lente fornece:

\[pp'=f(p+p').\]

Chamando $d=p+p'$, a condição de existência dos dois conjugados é:

\[d^2-4fd\geq0.\]

Logo a menor separação é 4f, atingida com:

\[p=p'=2f.\]
\[p^3+fpp'+p'^3=8f^3+4f^3+8f^3.\]
\[\boxed{p^3+fpp'+p'^3=20f^3}.\]

Alternativa correta: C.

Q10
Ondulatória — Nível sonoro e porcentagem

Uma banda de rock irradia uma certa potência em um nível de intensidade sonora igual a 70 decibéis. Para elevar esse nível a 120 decibéis, a potência irradiada deverá ser elevada de

A)71%.
B)171%.
C)7 100%.
D)9 999 900%.
E)10 000 000%.

Resposta

D
Resolução

Mantidas as condições geométricas, a intensidade é proporcional à potência.

\[120-70=10\log_{10}\frac{P_f}{P_i}.\]
\[\frac{P_f}{P_i}=10^5.\]

O aumento percentual usa a diferença relativa, não apenas a razão final.

\[\frac{P_f-P_i}{P_i}\,100\%=(10^5-1)100\%.\]
\[\boxed{9\,999\,900\%}.\]

Alternativa correta: D.

Q11
Óptica — Profundidade aparente

Um pescador deixa cair uma lanterna acesa em um lago a 10,0 m de profundidade. No fundo do lago, a lanterna emite um feixe luminoso formando um pequeno ângulo $\theta$ com a vertical (veja figura). Considere: $\tan\theta\simeq\sin\theta\simeq\theta$ e o índice de refração da água $n=1{,}33$. Então, a profundidade aparente $h$ vista pelo pescador é igual a

Lanterna no fundo do lago, raio refratado em direção ao pescador e prolongamento que define a profundidade aparente h.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 11
A)2,5 m.
B)5,0 m.
C)7,5 m.
D)8,0 m.
E)9,0 m.

Resposta

C
Resolução

Para raios próximos da vertical, a lei de Snell e a aproximação paraxial dão:

\[n_{agua}\frac{x}{H}=n_{ar}\frac{x}{h}.\]
\[h=\frac{n_{ar}}{n_{agua}}H.\]
\[\boxed{h=\frac{10{,}0}{1{,}33}\approx7{,}5\ \mathrm m}.\]

O prolongamento dos raios emergentes coloca a imagem acima da fonte real.

Alternativa correta: C.

Q12
Ondulatória — Harmônicos de corda

São de 100 Hz e 125 Hz, respectivamente, as frequências de duas harmônicas adjacentes de uma onda estacionária no trecho horizontal de um cabo esticado, de comprimento $\ell=2\,\mathrm m$ e densidade linear de massa igual a 10 g/m (veja figura). Considerando a aceleração da gravidade $g=10\,\mathrm{m/s^2}$, a massa do bloco suspenso deve ser de

Cabo horizontal de comprimento l preso à parede e passando por uma polia para sustentar um bloco.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 12
A)10 kg.
B)16 kg.
C)60 kg.
D)$10^2\,\mathrm{kg}$.
E)$10^4\,\mathrm{kg}$.

Resposta

A
Resolução

Em uma corda com extremidades fixas, harmônicos consecutivos diferem pela fundamental.

\[f_1=125-100=25\ \mathrm{Hz}.\]
\[v=2\ell f_1=2\cdot2\cdot25=100\ \mathrm{m/s}.\]

A tração é o peso do bloco e a densidade linear vale 0,010 kg/m.

\[T=\mu v^2=0{,}010\cdot100^2=100\ \mathrm N.\]
\[\boxed{m=T/g=10\ \mathrm{kg}}.\]

Alternativa correta: A.

Q13
Eletricidade — Sensor capacitivo de teclado

Considere o vão existente entre cada tecla de um computador e a base do seu teclado. Em cada vão existem duas placas metálicas, uma delas presa na base do teclado e a outra, na tecla. Em conjunto, elas funcionam como um capacitor de placas planas paralelas imersas no ar. Quando se aciona a tecla, diminui a distância entre as placas e a capacitância aumenta. Um circuito elétrico detecta a variação da capacitância, indicativa do movimento da tecla. Considere então um dado teclado, cujas placas metálicas têm 40 mm² de área e 0,7 mm de distância inicial entre si. Considere ainda que a permissividade do ar seja $\varepsilon_0=9\times10^{-12}\,\mathrm{F/m}$. Se o circuito eletrônico é capaz de detectar uma variação da capacitância a partir de 0,2 pF, então, qualquer tecla deve ser deslocada de pelo menos

Placa presa à tecla e placa na base do teclado com vão inicial de 0,7 mm.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 13
A)0,1 mm.
B)0,2 mm.
C)0,3 mm.
D)0,4 mm.
E)0,5 mm.

Resposta

B
Resolução

A área vale $40\times10^{-6}$ m² e a distância inicial é $0{,}7\times10^{-3}$ m.

\[C_i=\frac{\varepsilon_0A}{d_i}\approx0{,}514\ \mathrm{pF}.\]

No limiar de detecção:

\[C_f=C_i+0{,}2\ \mathrm{pF}.\]
\[d_f=\frac{\varepsilon_0A}{C_f}\approx0{,}504\ \mathrm{mm}.\]
\[\boxed{\Delta d=d_i-d_f\approx0{,}20\ \mathrm{mm}}.\]

A capacitância cresce inversamente à distância; sua variação não é linear para deslocamentos finitos.

Alternativa correta: B.

Q14
Eletricidade — Ponte de Wheatstone e termometria

O circuito da figura, conhecido como ponte de Wheatstone, está sendo utilizado para determinar a temperatura de óleo em um reservatório, no qual está inserido um resistor de fio de tungstênio $R_T$. O resistor variável $R$ é ajustado automaticamente de modo a manter a ponte sempre em equilíbrio, passando de 4,00 Ω para 2,00 Ω. Sabendo que a resistência varia linearmente com a temperatura e que o coeficiente linear de temperatura para o tungstênio vale $\alpha=4{,}00\times10^{-3}\,{}^\circ\mathrm C^{-1}$, a variação da temperatura do óleo deve ser de

Ponte de Wheatstone: 8 ohms no ramo superior esquerdo, RT no superior direito, R no inferior esquerdo e 10 ohms no inferior direito; galvanômetro entre os nós laterais.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 14
A)−125 °C.
B)−35,7 °C.
C)25,0 °C.
D)41,7 °C.
E)250 °C.

Resposta

E
Resolução

Na ponte equilibrada, os produtos de resistências opostas são iguais.

\[R_TR=8\cdot10.\]
\[R_{T,i}=20\ \Omega.\]
\[R_{T,f}=40\ \Omega.\]

Pela relação linear adotada no exercício:

\[R_{T,f}-R_{T,i}=R_{T,i}\alpha\Delta T.\]
\[20=20\cdot4{,}0\times10^{-3}\Delta T.\]
\[\boxed{\Delta T=250\,^{\circ}\mathrm C}.\]

Esse valor usa o coeficiente relativo à resistência inicial, conforme a interpretação dos dados de referência.

Alternativa correta: E.

Q15
Eletromagnetismo — Fem de movimento

Quando uma barra metálica se desloca num campo magnético, sabe-se que seus elétrons se movem para uma das extremidades, provocando entre elas uma polarização elétrica. Desse modo, é criado um campo elétrico constante no interior do metal, gerando uma diferença de potencial entre as extremidades da barra. Considere uma barra metálica descarregada, de 2,0 m de comprimento, que se desloca com velocidade constante de módulo $v=216\,\mathrm{km/h}$ num plano horizontal (veja figura), próximo à superfície da Terra. Sendo criada uma diferença de potencial (ddp) de $3{,}0\times10^{-3}\,\mathrm V$ entre as extremidades da barra, o valor do componente vertical do campo de indução magnética terrestre nesse local é de

Barra vertical no plano da figura deslocando-se para a direita; campo magnético perpendicular entrando no plano.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 15
A)$6{,}9\times10^{-6}\,\mathrm T$.
B)$1{,}4\times10^{-5}\,\mathrm T$.
C)$2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm T$.
D)$4{,}2\times10^{-5}\,\mathrm T$.
E)$5{,}0\times10^{-5}\,\mathrm T$.

Resposta

C
Resolução

Converta a velocidade antes de aplicar a expressão da fem.

\[v=216/3{,}6=60\ \mathrm{m/s}.\]

Na geometria da figura, a componente vertical do campo provoca a separação de cargas entre as extremidades.

\[U=B_v\ell v.\]
\[B_v=\frac{3{,}0\times10^{-3}}{2{,}0\cdot60}.\]
\[\boxed{B_v=2{,}5\times10^{-5}\ \mathrm T}.\]

Alternativa correta: C.

Q16
Eletromagnetismo — Velocímetro por indução

Uma bicicleta, com rodas de 60 cm de diâmetro externo, tem seu velocímetro composto de um ímã preso em raios, a 15 cm do eixo da roda, e de uma bobina quadrada de 25 mm² de área, com 20 espiras de fio metálico, presa no garfo da bicicleta. O ímã é capaz de produzir um campo de indução magnética de 0,2 T em toda a área da bobina (veja a figura). Com a bicicleta a 36 km/h, a força eletromotriz máxima gerada pela bobina é de

Ímã preso ao raio da bicicleta a 15 cm do eixo; bobina fixa no garfo diante do ímã.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 16
A)$2\times10^{-5}\,\mathrm V$.
B)$5\times10^{-3}\,\mathrm V$.
C)$1\times10^{-2}\,\mathrm V$.
D)$1\times10^{-1}\,\mathrm V$.
E)$2\times10^{-1}\,\mathrm V$.

Resposta

D
Resolução

A roda rola sem escorregar e seu raio é 0,30 m.

\[\omega=\frac{10}{0{,}30}=\frac{100}{3}\ \mathrm{rad/s}.\]

O ímã está a 0,15 m do eixo.

\[v_{ima}=\omega\cdot0{,}15=5\ \mathrm{m/s}.\]

O lado da bobina quadrada é:

\[s=\sqrt{25\times10^{-6}}=5\times10^{-3}\ \mathrm m.\]

No modelo de entrada ou saída do campo, o fluxo muda à taxa Bs vezes a velocidade.

\[|\mathcal E|_{max}=NBsv_{ima}.\]
\[\boxed{|\mathcal E|_{max}=20\cdot0{,}2\cdot0{,}005\cdot5=0{,}10\ \mathrm V}.\]

Alternativa correta: D.

Q17
Mecânica — Impulso e airbag

Um automóvel para quase que instantaneamente ao bater frontalmente numa árvore. A proteção oferecida pelo airbag, comparativamente ao carro que dele não dispõe, advém do fato de que a transferência para o carro de parte do momentum do motorista se dá em condição de

A)menor força em maior período de tempo.
B)menor velocidade, com mesma aceleração.
C)menor energia, numa distância menor.
D)menor velocidade e maior desaceleração.
E)mesmo tempo, com força menor.

Resposta

A
Resolução

Para uma mesma velocidade inicial e parada final, a variação do momento do motorista é a mesma.

\[|\Delta p|=m|\Delta v|.\]

O impulso relaciona essa variação à força média.

\[F_{med}=\frac{|\Delta p|}{\Delta t}.\]

O airbag aumenta o intervalo de desaceleração e a distância de parada do corpo, reduzindo a força média. A proteção não exige uma redução do impulso total.

Alternativa correta: A.

Q18
Mecânica — Cinemática e triangulação

Um avião de vigilância aérea está voando a uma altura de 5,0 km, com velocidade de $50\sqrt{10}\,\mathrm{m/s}$ no rumo norte, e capta no radiogoniômetro um sinal de socorro vindo da direção noroeste, de um ponto fixo no solo. O piloto então liga o sistema de pós-combustão da turbina, imprimindo uma aceleração constante de $6{,}0\,\mathrm{m/s^2}$. Após $40\sqrt{10}/3\,\mathrm s$, mantendo a mesma direção, ele agora constata que o sinal está chegando da direção oeste. Neste instante, em relação ao avião, o transmissor do sinal se encontra a uma distância de

A)5,2 km.
B)6,7 km.
C)12 km.
D)13 km.
E)28 km.

Resposta

D
Resolução

O deslocamento ao norte entre as observações é:

\[d=v_0t+\frac{at^2}{2}.\]
\[d=50\sqrt{10}\frac{40\sqrt{10}}3+3\left(\frac{40\sqrt{10}}3\right)^2.\]
\[d=12000\ \mathrm m.\]

A direção noroeste inicial e oeste final tornam a separação horizontal oeste também igual a 12 km. Inclua os 5 km de altura.

\[r=\sqrt{12^2+5^2}\ \mathrm{km}.\]
\[\boxed{r=13\ \mathrm{km}}.\]

Alternativa correta: D.

Q19
Eletricidade — Desvio de gota carregada

Em uma impressora a jato de tinta, gotas de certo tamanho são ejetadas de um pulverizador em movimento, passam por uma unidade eletrostática onde perdem alguns elétrons, adquirindo uma carga $q$, e, a seguir, se deslocam no espaço entre placas planas paralelas eletricamente carregadas, pouco antes da impressão. Considere gotas de raio igual a $10\,\mu\mathrm m$ lançadas com velocidade de módulo $v=20\,\mathrm{m/s}$ entre placas de comprimento igual a 2,0 cm, no interior das quais existe um campo elétrico vertical uniforme, cujo módulo é $E=8{,}0\times10^4\,\mathrm{N/C}$ (veja figura). Considerando que a densidade da gota seja de $1000\,\mathrm{kg/m^3}$ e sabendo-se que a mesma sofre um desvio de 0,30 mm ao atingir o final do percurso, o módulo da sua carga elétrica é de

Gota entra horizontalmente entre placas de 2,0 cm; campo elétrico para baixo e desvio final de 0,30 mm.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 19
A)$2{,}0\times10^{-14}\,\mathrm C$.
B)$3{,}1\times10^{-14}\,\mathrm C$.
C)$6{,}3\times10^{-14}\,\mathrm C$.
D)$3{,}1\times10^{-11}\,\mathrm C$.
E)$1{,}1\times10^{-10}\,\mathrm C$.

Resposta

B
Resolução

Estime a massa pelo volume esférico.

\[m=\rho\frac{4\pi r^3}{3}\approx4{,}19\times10^{-12}\ \mathrm{kg}.\]

O movimento horizontal determina o tempo no campo.

\[t=\frac{0{,}020}{20}=10^{-3}\ \mathrm s.\]

Desprezando a gravidade diante da aceleração elétrica:

\[y=\frac{qE}{2m}t^2.\]
\[q=\frac{2my}{Et^2}.\]
\[\boxed{q\approx3{,}1\times10^{-14}\ \mathrm C}.\]

A aceleração vertical estimada é 600 m/s², muito superior a g, justificando a aproximação.

Alternativa correta: B.

Q20
Mecânica — Hidrostática em elevador

A pressão exercida pela água no fundo de um recipiente aberto que a contém é igual a $P_{\mathrm{atm}}+10\times10^3\,\mathrm{Pa}$. Colocado o recipiente num elevador hipotético em movimento, verifica-se que a pressão no seu fundo passa a ser de $P_{\mathrm{atm}}+4{,}0\times10^3\,\mathrm{Pa}$. Considerando que $P_{\mathrm{atm}}$ é a pressão atmosférica, que a massa específica da água é de 1,0 g/cm³ e que o sistema de referência tem seu eixo vertical apontado para cima, conclui-se que a aceleração do elevador é de

A)−14 m/s².
B)−10 m/s².
C)−6 m/s².
D)6 m/s².
E)14 m/s².

Resposta

C
Resolução

Compare as pressões manométricas, eliminando densidade e altura.

\[\frac{g_{ef}}g=\frac{4{,}0\times10^3}{10\times10^3}=0{,}40.\]
\[g_{ef}=4\ \mathrm{m/s^2}.\]

Com eixo positivo para cima, a gravidade efetiva de um elevador com aceleração a tem módulo g+a.

\[g+a=4.\]
\[\boxed{a=-6\ \mathrm{m/s^2}}.\]

A pressão menor indica aceleração para baixo; não determina por si só o sentido da velocidade do elevador.

Alternativa correta: C.

Q21
Física Moderna — Recuo atômico e captura de elétron

Um átomo de hidrogênio inicialmente em repouso emite um fóton numa transição do estado de energia $n$ para o estado fundamental. Em seguida, o átomo atinge um elétron em repouso que com ele se liga, assim permanecendo após a colisão. Determine literalmente a velocidade do sistema átomo + elétron após a colisão. Dados: a energia do átomo de hidrogênio no estado $n$ é $E_n=E_0/n^2$; o momentum do fóton é $h\nu/c$; e a energia deste é $h\nu$, em que $h$ é a constante de Planck, $\nu$ a frequência do fóton e $c$ a velocidade da luz.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Escreva $\Delta E=|E_0|(1-1/n^2)$ para a diferença positiva entre níveis. No modelo usual que despreza a pequena correção de recuo na energia do fóton:

\[E_\gamma\approx\Delta E.\]
\[p_H=-p_\gamma.\]
\[|p_H|=\frac{\Delta E}{c}.\]

A captura do elétron inicialmente parado conserva o momento, embora seja inelástica.

\[(M_H+m_e)V=|p_H|.\]
\[\boxed{V\approx\frac{|E_0|}{c(M_H+m_e)}\left(1-\frac1{n^2}\right)}.\]

A direção é oposta à emissão do fóton. Se o recuo energético for mantido, use $\Delta E=E_\gamma+E_\gamma^2/(2M_Hc^2)$ antes da conservação do momento. A massa atômica não pode ser deduzida igualando toda a transição à energia de recuo.

Q22
Termologia — Mistura com fusão e calorímetro

Inicialmente 48 g de gelo a 0 °C são colocados num calorímetro de alumínio de 2,0 g, também a 0 °C. Em seguida, 75 g de água a 80 °C são despejados dentro desse recipiente. Calcule a temperatura final do conjunto. Dados: calor latente do gelo $L_g=80\,\mathrm{cal/g}$, calor específico da água $c_{\mathrm{H_2O}}=1{,}0\,\mathrm{cal/(g\cdot{}^\circ C)}$, calor específico do alumínio $c_{\mathrm{Al}}=0{,}22\,\mathrm{cal/(g\cdot{}^\circ C)}$.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

A água quente pode ceder 6000 cal ao esfriar até zero; fundir o gelo exige 3840 cal, portanto todo o gelo derrete e a temperatura final é positiva.

\[75(80-T)=48\cdot80+48T+2\cdot0{,}22T.\]
\[6000-3840=123{,}44T.\]
\[\boxed{T\approx17{,}50\,^{\circ}\mathrm C}.\]

Após a fusão, os 48 g de água resultante também aquecem; o recipiente absorve calor.

Q23
Eletricidade — Galvanômetro e resistor shunt

Um técnico em eletrônica deseja medir a corrente que passa pelo resistor de 12 Ω no circuito da figura. Para tanto, ele dispõe apenas de um galvanômetro e uma caixa de resistores. O galvanômetro possui resistência interna $R_g=5\,\mathrm{k\Omega}$ e suporta, no máximo, uma corrente de 0,1 mA. Determine o valor máximo do resistor $R$ a ser colocado em paralelo com o galvanômetro para que o técnico consiga medir a corrente.

Três ramos em paralelo: bateria de 24 V e resistor de 4 ohms; bateria de 12 V e resistor de 2 ohms; resistor de 12 ohms. Positivos das baterias voltados para cima.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 23

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Na corrente máxima do galvanômetro, sua tensão é:

\[U_g=5000\cdot10^{-4}=0{,}50\ \mathrm V.\]

O instrumento altera o circuito. Defina i₁ e i₂ subindo pelos ramos de 24 V e 12 V, respectivamente, e i₃ descendo pelo ramo de 12 Ω, em série com o instrumento. As correntes são algébricas; um valor negativo significa sentido oposto ao escolhido. Use:

\[i_1+i_2=i_3.\]
\[-2i_2+12-24+4i_1=0.\]
\[12i_3+0{,}50-12+2i_2=0.\]

A solução dessas equações fornece:

\[i_3=1{,}1625\ \mathrm A.\]

No shunt passa a corrente restante.

\[i_s=1{,}1625-0{,}0001=1{,}1624\ \mathrm A.\]
\[\boxed{R_{max}=\frac{0{,}50}{1{,}1624}\approx0{,}43\ \Omega}.\]

Se o instrumento fosse considerado não perturbador, surgiria a aproximação 0,42 Ω; o valor acima inclui sua queda de tensão.

Q24
Ondulatória — Filme antirreflexo

Uma fina película de fluoreto de magnésio recobre o espelho retrovisor de um carro a fim de reduzir a reflexão luminosa. Determine a menor espessura da película para que produza a reflexão mínima no centro do espectro visível. Considere o comprimento de onda $\lambda=5500\,\text{Å}$, o índice de refração do vidro $n_v=1{,}50$ e, o da película, $n_p=1{,}30$. Admita a incidência luminosa como quase perpendicular ao espelho.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

As duas reflexões ocorrem em interfaces para índices maiores, produzindo a mesma inversão de fase. A diferença adicional vem do trajeto de ida e volta na película.

\[\Delta\ell_{opt}=2n_pe.\]

Para o primeiro mínimo de reflexão:

\[2n_pe=\frac\lambda2.\]
\[e_{min}=\frac{\lambda}{4n_p}.\]
\[\boxed{e_{min}=\frac{5500}{4\cdot1{,}30}\ \mathrm{\mathring A}\approx1058\ \mathrm{\mathring A}}.\]

Como as amplitudes refletidas não são exatamente iguais, reflexão mínima não implica anulação perfeita.

Q25
Física Moderna — Princípio da incerteza

Num experimento, foi de $5{,}0\times10^3\,\mathrm{m/s}$ a velocidade de um elétron, medida com a precisão de 0,003%. Calcule a incerteza na determinação da posição do elétron, sendo conhecidos: massa do elétron $m_e=9{,}1\times10^{-31}\,\mathrm{kg}$ e constante de Planck reduzida $\hbar=1{,}1\times10^{-34}\,\mathrm{J\cdot s}$.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

A precisão relativa deve ser convertida de porcentagem.

\[\Delta v=0{,}00003\cdot5{,}0\times10^3=0{,}15\ \mathrm{m/s}.\]
\[\Delta p=m_e\Delta v.\]

A desigualdade de Heisenberg estabelece um limite inferior.

\[\Delta x\Delta p\geq\frac\hbar2.\]
\[\Delta x\geq\frac{1{,}1\times10^{-34}}{2\cdot9{,}1\times10^{-31}\cdot0{,}15}.\]
\[\boxed{\Delta x\gtrsim4{,}0\times10^{-4}\ \mathrm m}.\]

Não se trata de uma igualdade obrigatória para todo estado, mas da menor incerteza compatível com os dados.

Q26
Mecânica — Energia gravitacional e escape

Suponha que na Lua, cujo raio é $R$, exista uma cratera de profundidade $R/100$, do fundo da qual um projétil é lançado verticalmente para cima com velocidade inicial $v$ igual à de escape. Determine literalmente a altura máxima alcançada pelo projétil, caso ele fosse lançado da superfície da Lua com aquela mesma velocidade inicial $v$.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

No sentido usual de escape da atração lunar, a trajetória já é ilimitada a partir do fundo. Lançar da superfície, com energia potencial gravitacional maior e a mesma velocidade, também não produz altura máxima finita. Se significa apenas alcançar a borda da cratera com velocidade final nula, adote o modelo gravitacional $-GMm/r$ e fundo em $r_0=99R/100$:

\[\frac{v^2}{2}=GM\left(\frac1{r_0}-\frac1R\right).\]
\[\frac{v^2}{2}=\frac{GM}{99R}.\]

Ao lançar da superfície com a mesma velocidade:

\[\frac{GM}{99R}=GM\left(\frac1R-\frac1{R+h}\right).\]
\[\boxed{h=\frac R{98}}.\]

O resultado R/98 é condicional à interpretação de sair apenas da cratera e ao potencial pontual adotado. O campo no interior de uma cratera real depende da distribuição de massa lunar e não é determinado apenas por seu raio e profundidade.

Q27
Termologia — Estimativa de massa de ar

Estime a massa de ar contida numa sala de aula. Indique claramente quais as hipóteses utilizadas e os quantitativos estimados das variáveis empregadas.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Como estimativa, adote sala de 50 m², altura de 3 m, pressão de 1 atm e temperatura de 300 K. Assim:

\[V=150\ \mathrm{m^3}.\]

Considere massa molar média do ar de 0,029 kg/mol e gás ideal.

\[m=\frac{pVM}{RT}.\]
\[m\approx\frac{1{,}01\times10^5\cdot150\cdot0{,}029}{8{,}31\cdot300}.\]
\[\boxed{m\approx1{,}8\times10^2\ \mathrm{kg}}.\]

Dimensões diferentes da sala alteram proporcionalmente a resposta; o essencial é declarar e justificar a ordem de grandeza das hipóteses.

Q28
Mecânica — Empuxo e balões de hélio

Uma cesta portando uma pessoa deve ser suspensa por meio de balões, sendo cada qual inflado com 1 m³ de hélio na temperatura local (27 °C). Cada balão vazio com seus apetrechos pesa 1,0 N. São dadas a massa atômica do oxigênio $A_O=16$, a do nitrogênio $A_N=14$, a do hélio $A_{\mathrm{He}}=4$ e a constante dos gases $R=0{,}082\,\mathrm{atm\cdot L\cdot mol^{-1}\cdot K^{-1}}$. Considerando que o conjunto pessoa e cesta pesa 1000 N e que a atmosfera é composta de 30% de O₂ e 70% de N₂, determine o número mínimo de balões necessários.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Adote 1 atm e g=10 m/s². A massa molar média fornecida para a atmosfera é:

\[M_{ar}=0{,}30\cdot32+0{,}70\cdot28=29{,}2\ \mathrm{g/mol}.\]

Para um balão de 1000 L a 300 K:

\[n=\frac{1000}{0{,}082\cdot300}\approx40{,}65\ \mathrm{mol}.\]

A sustentação líquida desconta o peso do hélio e do invólucro.

\[F_{liq}=n(M_{ar}-M_{He})g-1.\]
\[F_{liq}\approx40{,}65\cdot0{,}0252\cdot10-1\approx9{,}24\ \mathrm N.\]
\[N\geq\frac{1000}{9{,}24}\approx108{,}2.\]
\[\boxed{N_{min}=109\ \text{balões}}.\]

Com as condições declaradas, 108 balões fornecem cerca de 998,3 N, abaixo de 1000 N; 109 fornecem cerca de 1007,6 N. Arredondar as densidades antes da divisão pode alterar indevidamente a decisão inteira. Outra pressão atmosférica ou outro valor de g exige recalcular o resultado.

Q29
Óptica — Refração e geometria de visada

Através de um tubo fino, um observador enxerga o topo de uma barra vertical de altura $H$ apoiada no fundo de um cilindro vazio de diâmetro $2H$. O tubo encontra-se a uma altura $2H+L$ e, para efeito de cálculo, é de comprimento desprezível. Quando o cilindro é preenchido com um líquido até uma altura $2H$ (veja figura), mantido o tubo na mesma posição, o observador passa a ver a extremidade inferior da barra. Determine literalmente o índice de refração desse líquido.

Cilindro de diâmetro 2H, barra de altura H à esquerda, líquido até 2H e tubo de visada à direita na altura 2H+L.
Figura do caderno original · ITA 2005 · Questão 29

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Seja x a distância horizontal do tubo até o ponto de emergência. A direção fixa do tubo, antes do preenchimento, fornece:

\[\frac xL=\frac{2H}{H+L}.\]
\[x=\frac{2HL}{H+L}.\]

Defina $b=2H-x$, a distância horizontal entre a barra e o ponto de emergência. O raio refratado tem projeções b e H; o raio dentro do líquido tem projeções b e 2H. Por Snell:

\[n=\frac{\sin r}{\sin i}.\]
\[n=\sqrt{\frac{4H^2+b^2}{H^2+b^2}}.\]
\[b=\frac{2H^2}{H+L}.\]
\[\boxed{n=\sqrt{\frac{8H^2+8HL+4L^2}{5H^2+2HL+L^2}}}.\]

A raiz quadrada é essencial; ela decorre das hipotenusas usadas na definição dos senos.

Q30
Mecânica — Órbita síncrona em Júpiter

Satélite síncrono é aquele que tem sua órbita no plano do equador de um planeta, mantendo-se estacionário em relação a este. Considere um satélite síncrono em órbita de Júpiter cuja massa é $M_J=1{,}9\times10^{27}\,\mathrm{kg}$ e cujo raio é $R_J=7{,}0\times10^7\,\mathrm m$. Sendo a constante da gravitação universal $G=6{,}7\times10^{-11}\,\mathrm{m^3\cdot kg^{-1}\cdot s^{-2}}$ e considerando que o dia de Júpiter é de aproximadamente 10 h, determine a altitude do satélite em relação à superfície desse planeta.

Questão discursiva: registre os cálculos e a justificativa física antes de consultar a resolução.

Resolução

Para manter a mesma posição sobre o equador, o satélite tem o período de rotação do planeta.

\[T=10\cdot3600=36000\ \mathrm s.\]

A gravidade fornece a força centrípeta.

\[\frac{GM_J}{r^2}=\frac{4\pi^2r}{T^2}.\]
\[r=\left(\frac{GM_JT^2}{4\pi^2}\right)^{1/3}.\]
\[r\approx1{,}61\times10^8\ \mathrm m.\]

Subtraia o raio do planeta para obter a altitude.

\[\boxed{h=r-R_J\approx9{,}1\times10^7\ \mathrm m}.\]
↑ Voltar ao topo